Django FileField avec upload_to déterminé au moment de l'exécution

Je suis en train de configurer mon télécharge de sorte que si l'utilisateur joe télécharge un fichier, il va à MEDIA_ROOT/joe plutôt que d'avoir tous les fichiers d'aller à MEDIA_ROOT. Le problème est que je ne sais pas comment définir ce dans le modèle. Voici comment il n'y paraît actuellement:

class Content(models.Model):
    name = models.CharField(max_length=200)
    user = models.ForeignKey(User)
    file = models.FileField(upload_to='.')

Donc est ce que je veux au lieu de '.' comme le upload_to, ont-il le nom de l'utilisateur.

Je comprends que comme de Django 1.0 vous pouvez définir votre propre fonction pour gérer le upload_to mais cette fonction n'a aucune idée de l'identité de l'utilisateur seront donc je suis un peu perdu.

Merci pour l'aide!

InformationsquelleAutor Teebes | 2009-07-27

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Vous l'avez probablement lu la documentation, donc voici un exemple facile à faire sens:
```
def content_file_name(instance, filename):
    return '/'.join(['content', instance.user.username, filename])

class Content(models.Model):
    name = models.CharField(max_length=200)
    user = models.ForeignKey(User)
    file = models.FileField(upload_to=content_file_name)
```
Comme vous pouvez le voir, vous n'avez même pas besoin d'utiliser le nom de fichier donné, vous pourriez remplacer dans votre upload_to appelable trop si vous avez aimé.
- Ouais, il est sans doute appartiennent dans les docs - c'est un raisonnablement FAQ sur IRC
- Est-ce de travailler avec ModelForm? Je peux voir que l'instance dispose de tous les attributs de la classe de modèle, mais il n'y a pas de valeurs (juste un str du nom du champ). Dans le modèle, l'utilisateur est caché. J'ai peut-être une question à nous soumettre, j'ai été googler ce pendant des heures.
- Oui, il fonctionne, et oui, vous devriez poser une nouvelle question (ou demander de l'aide sur #django irc)
- Super! J'espère qu'il est téléchargé à Django docs...
- Curieusement c'est à défaut de m'en gros de cette même installation. exemple.l'utilisateur n'a pas d'attributs sur elle.
- Dans cette fonction appelable, puis-je accéder à la Content id de classe, avant de l'enregistrer? Je voudrais préfixe ou un suxe supplémentaire le nom de fichier avec l'id de l'objet, afin que je puisse savoir à qui appartient le fichier.
- Non, vous ne pouvez pas. Pour citer la documentation, "Dans la plupart des cas, cet objet n'ont pas été enregistrées dans la base de données, de sorte que si il utilise la valeur par défaut AutoField, il pourrait ne pas encore avoir de la valeur pour son champ de clé primaire."
- Vous pouvez utiliser os.path.join au lieu de '/'.join pour s'assurer qu'il fonctionne aussi sur pas-de systèmes Unix. Ils peuvent être rares, mais c'est bien pratique 😉
- En fait, il est préférable de ne pas utiliser os.path.join. Vous avez affaire à un Django de stockage, et non pas directement le système d'exploitation et il s'attend '/' sur les deux environnements.
- Donc, juste pour être clair, le fichier est téléchargé dans le MEDIA_ROOT définis dans settings.py?
- Si vous utilisez la valeur par défaut FileSystemStorage, alors oui. Le FileField seulement contient le nom relatif et le chemin d'accès.
- Salut, j'ai essayé le même code, les mettre dans models.py mais obtiens le message d'erreur Contenu de l'objet n'a pas d'attribut "l'utilisateur".
- La fonction ne peut pas être statique de la méthode dans le modèle; makemigrations légitimement se plaint.
InformationsquelleAutor SmileyChris
12

Cela m'a vraiment aidé. Pour un peu plus de souci de concision, a décidé d'utiliser lambda dans mon cas:
```
file = models.FileField(
    upload_to=lambda instance, filename: '/'.join(['mymodel', str(instance.pk), filename]),
)
```
- Cela n'a pas fonctionné pour moi dans Django 1.7 à l'aide de migrations. Fini par créer une fonction à la place et la migration a pris.
- Même si vous ne pouvez pas obtenir lambda fonctionne à l'aide de la str(instance.pk) est une bonne idée si vous avez des problèmes avec les fichiers écraser lorsque vous ne voulez pas qu'ils.
- exemple, n'a pas un pk avant de l'enregistrer. Elle ne fonctionne que pour les mises à jour ne créations (inserts).
- lambda ne fonctionne pas dans migrations des opérations, car il ne peut pas être sérialisé en fonction de la docs
InformationsquelleAutor gdakram
4

Une remarque sur l'utilisation de la "instance" de l'objet de valeur de clé primaire. Selon la documentation:

Dans la plupart des cas, cet objet n'ont pas été enregistrées dans la base de données, de sorte que si il utilise la valeur par défaut AutoField, il pourrait ne pas encore avoir de la valeur pour son champ de clé primaire.

Par conséquent, la validité de l'utilisation de pk dépend de votre modèle particulier est défini.
- J'ai l'obtention d'Aucun comme la valeur. Je ne peux pas comprendre comment le corriger. pouvez-vous nous expliquer un peu en détail.
InformationsquelleAutor Max Dudzinski

Si vous avez des problèmes avec les migrations, vous devriez probablement utiliser @deconstructible décorateur.

import datetime
import os
import unicodedata

from django.core.files.storage import default_storage
from django.utils.deconstruct import deconstructible
from django.utils.encoding import force_text, force_str


@deconstructible
class UploadToPath(object):
    def __init__(self, upload_to):
        self.upload_to = upload_to

    def __call__(self, instance, filename):
        return self.generate_filename(filename)

    def get_directory_name(self):
        return os.path.normpath(force_text(datetime.datetime.now().strftime(force_str(self.upload_to))))

    def get_filename(self, filename):
        filename = default_storage.get_valid_name(os.path.basename(filename))
        filename = force_text(filename)
        filename = unicodedata.normalize('NFKD', filename).encode('ascii', 'ignore').decode('ascii')
        return os.path.normpath(filename)

    def generate_filename(self, filename):
        return os.path.join(self.get_directory_name(), self.get_filename(filename))

Utilisation:

class MyModel(models.Model):
    file = models.FileField(upload_to=UploadToPath('files/%Y/%m/%d'), max_length=255)

InformationsquelleAutor michal-michalak

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